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Timus Online Judge 网站上有这么一道题目：1356. Something Easier。这道题目的输入是一组  2 到 10⁹ 之间整数，对于每个输入的整数，要求用最少个数的素数的和来表示。这道题目的时间限制是 1 秒。

我们知道著名的哥德巴赫猜想是：任何一个充分大的偶数都可以表示为两个素数之和。

于是我们有以下的 C 语言程序：

// http://acm.timus.ru/problem.aspx?space=1&num=1356
#include 
#include 
#include 
#include 
 
// http://en.wikipedia.org/wiki/Prime_number_theorem
#define PRIME_MAX 10000
#define PRIME_COUNT 1229
 
typedef unsigned long long U8;
typedef char bool;
 
const bool true = 1;
const bool false = 0;
 
// http://en.wikipedia.org/wiki/Sieve_of_Eratosthenes
bool* getSieve(int max)
{
  static bool sieve[(PRIME_MAX >> 1) + 1];
  int i, j, imax = sqrt(max);
  for (i = 3; i <= imax; i += 2)
    if (!sieve[i >> 1])
      for (j = i * i; j <= max; j += i << 1) sieve[j >> 1] = true;
  return sieve;
}
 
int* getPrimes(int max)
{
  static int primes[PRIME_COUNT + 1];
  bool *sieve = getSieve(max);
  int i, j = 0;
  for (primes[j++] = 2, i = 3; i <= max; i += 2)
    if (!sieve[i >> 1]) primes[j++] = i;
  return primes;
}
 
U8 modMultiply(U8 a, U8 b, U8 m)
{
  return a * b % m;
}
 
U8 modPow(U8 a, U8 b, U8 m)
{
  U8 v = 1, p;
  for (p = a % m; b > 0; b >>= 1, p = modMultiply(p, p, m))
    if (b & 1) v = modMultiply(v, p, m);
  return v;
}
 
bool witness(U8 a, U8 n)
{
  U8 n1 = n - 1, s2 = n1 & -n1, x = modPow(a, n1 / s2, n);
  if (x == 1 || x == n1) return false;
  for (; s2 > 1; s2 >>= 1)
  {
    x = modMultiply(x, x, n);
    if (x == 1) return true;
    if (x == n1) return false;
  }
  return true;
}
 
U8 random(U8 high)
{
  // http://www.cppreference.com/wiki/c/other/rand
  return (U8)(high * (rand() / (double)RAND_MAX));
}
 
// http://en.wikipedia.org/wiki/Miller-Rabin_primality_test
// n, an integer to be tested for primality
// k, a parameter that determines the accuracy of the test
bool probablyPrime(U8 n, int k)
{
  if (n == 2 || n == 3) return 1;
  if (n < 2 || n % 2 == 0) return 0;
  while (k-- > 0) if (witness(random(n - 3) + 2, n)) return false;
  return true;
}
 
bool isPrime(int n)
{
  return probablyPrime(n, 2);
}
 
int outEven(int primes[], int n)
{
  int i, p, q;
  for (i = 0; (p = primes[i]) != 0; i++)
    if (isPrime(q = n - p))
      return printf("%d %d", p, q);
  return printf("error:%d", n);
}
 
int main(void)
{
  int t, n, *primes = getPrimes(PRIME_MAX);
  srand(time(NULL));
  scanf("%d", &t);
  while (t-- > 0)
  {
    scanf("%d", &n);
    if (isPrime(n)) printf("%d", n);
    else if ((n & 1) == 0) outEven(primes, n);
    else if (isPrime(n - 2)) printf("2 %d", n - 2);
    else printf("3 "), outEven(primes, n - 3);
    puts("");
  }
  return 0;
}

• 根据哥德巴赫猜想，充分大的偶数 n = p + q，这里 p <= q 是素数。我们猜测当 n <= 10⁹ 时，p < 10⁴。第 8 行就是定义 p 的最大值。
• 根据素数定理，我们知道 10⁴ 以内的素数有 1229 个。第 9 行就是定义程序中要用到的素数的个数。
• 第 17 到 26 行的 getSieve 函数用埃拉托斯特尼筛法筛选出素数。
• 第 28 到 36 行的 getPrimes 函数从筛中取出这些素数。
• 第 38 到 79 行的一系列函数最终是为了 probablyPrime 函数，用于检测素数。请参见我在2010年7月写的随笔：【算法】米勒-拉宾素性检验。
• 第 81 到 84 行的 isPrime 函数调用 probablyPrime 函数来检测素数。
• 第 86 到 93 行的 outEven 函数对大于 2 的偶数验证哥德巴赫猜想，即输出一对素数 p 和 q。
• 第 95 到 110 行是 main 函数。其中：
• 第 103 行处理 n 是素数的情况，直接输出该素数(包括素数 2，所以 outEven 函数处理的偶数肯定大于 2)。
• 第 104 行对大于 2 的偶数输出一对素数(通过调用 outEven 函数，强哥德巴赫猜想)。
• 第 105 行处理大于 5 的奇数能够分解为 2 和另外一个素数的和的情况(注意不要遗漏这个情形!)。
• 第 106 行处理大于 5 的奇数的其他情况，首先输出一个 3，然后调用 outEven 函数处理偶数 n - 3 (弱哥德巴赫猜想)。

上述程序在 Timus Online Judge 网站的运行时间是 0.015 秒。

本文地址：http://www.nowamagic.net/librarys/veda/detail/800，欢迎访问原出处。